2016-2017学年福建省厦门市九年级(上)期末物理试卷 (1)(4)

【点评】知道用电器、电源的概念，知道常见的电源的类型是解答本题的关键．

9．（2分）（2016秋?厦门期末）小佳用打气筒给自行车轮胎打气后发现打气筒底部发热，该过程的原理类似柴油机的（ ） A．吸气冲程

B．压缩冲程

C．做功冲程

D．排气冲程

【分析】打气时活塞压缩气体做功，气体的内能增大，温度升高，由于热传递导致筒的温度升高；

在四冲程内燃机的做功冲程中，是将内能转化为机械能；在压缩冲程中，是将机械能转化为内能．

【解答】解：在给自行车打气过程中，压缩气体做功，使气体内能增大，温度升高，所以气筒壁的温度明显高于打气前的温度，在这个过程中机械能转化为内能． 四冲程柴油机的四个冲程依次是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；在压缩冲程，活塞压缩气缸内空气做功，将机械能转化为内能，与用打气筒打气时的能量转化形式相同． 故选B．

【点评】本题考查学生对物体做功现象和内燃机做功冲程中能量转化情况．对压缩和做功冲程的能量转化一定要区分．

10．（2分）（2016秋?厦门期末）小林发现晚上用电高峰期时电热水壶把水烧开的时间要略长一些，这是由于电热水壶的（ ）

A．实际电压变大 B．额定电压变小 C．额定功率变小 D．实际功率变小 【分析】用电器正常工作时的电压为额定电压，额定电压下用电器的功率为额定功率，两者具有唯一性；电热水壶把水烧开的时间要略长一些，根据Q=W=Pt可知实际功率的变化，根据P=UI=

可知，实际电压的变化．

【解答】解：晚上用电高峰期时电热水壶把水烧开的时间要略长一些， 烧开同样一壶水需要吸收的热量是一定的，

由Q=W=Pt可知，电热水壶的实际功率变小，故D正确； 电热水壶的电阻不变，由P=UI=错误；

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可知，实际功率变小，则实际电压变小，故A

而额定电压和额定功率具有唯一性，与实际加热时间无关，即额定电压和额定功率均不变，故BC错误． 故选D．

【点评】本题考查了学生对额定电压和额定功率、电热公式Q=W=Pt、电功率公式P=UI=

11．（2分）（2016秋?厦门期末）用细线悬挂着三个通草球，其中任意两个通草球靠近时都相互吸引，则三个球的带电情况是（ ） A．两个带正电，一个不带电 B．两个带负电，一个不带电

C．一个带正电，一个带负电，一个不带电 D．两个不带电，只有一个带电

【分析】电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，同时结合带电体能吸引轻小物体即可解决．

【解答】解：A、若两个带正电荷，若两两靠近时，会出现排斥的情况，故该选项错误；

B、若两个带负电荷，若两两靠近时，也会出现排斥的情况，故该选项错误； C、若两个带电，即一个带正电荷、另一个带负电荷，故据电荷间的作用规律和带电体能吸引轻小物体的性质知，两两相互靠近时，一定是相互吸引的，故该选项正确；

D、若有一个带电，另两个不带电，即两个不带电的小球靠近时不能相互吸引，故该选项错误； 故选C．

【点评】理解电荷的间的作用规律，并知道带电体能吸引轻小物体是解决该题的关键．

12．（2分）（2016秋?厦门期末）如图所示，毛皮摩擦过的橡胶棒靠近细水流，细水流发生弯曲，与此现象原理不同的是（ ）

的掌握和应用，是一道较为简单的应用题．

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A．讲台座上落满粉笔灰

B．衣服上滚动的毛刷将灰尘吸入刷内 C．用久的电风扇叶片沾满灰尘 D．汽车车身容易吸附灰尘

【分析】知道用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；电荷间的相互作用规律是：同种电荷相排斥，异种电荷相吸引．

【解答】解：A、讲台座上落满粉笔灰，是因为粉笔灰受到的重力的作用，故A错误；

BCD、衣服上滚动的毛刷将灰尘吸入刷内、用久的电风扇叶片沾满灰尘、汽车车身容易吸附灰尘都是利用了异种电荷相互吸引，故BCD正确． 故选：A．

【点评】记住正电荷和负电荷的规定．掌握电荷间的作用．排斥的物体带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，可能带电体吸引不带电体．

13．（2分）（2016秋?厦门期末）如图所示，把一杯刚停止沸腾的热水放在真空罩中，用抽气机抽气，一会儿可以看到杯中的水又沸腾起来，这是因为（ ）

A．沸腾不需要吸热 B．水的温度升高 C．水的内能增加 D．水的沸点降低

【分析】要正确的解决此题，需要知道液体的沸点与液体的种类和大气压有关，抽气时，瓶内的气体减少，气压减小，水的沸点随气压的减小而降低．

【解答】解：用抽气机抽去瓶中的空气，瓶内水面上方的气体减少，气压减小；瓶中的水又沸腾起来说明水的沸点降低，从而得出：减小液面上方的气压可以使水的沸点降低．

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故选D．

【点评】本题考查了沸点和气压的关系，是一道基础题．

14．（2分）（2016秋?厦门期末）如图所示是某款速热水龙头的电路原理图，R1、R2为电热丝，当扇形开关在不同档位时，水龙头可以分布放出冷水、温水或热水，当开关接触2、3触点时，水龙头放出的是（ ）

A．冷水 B．温水 C．热水 D．无法判断

分析判断．

【分析】由图分析开关在不同位置时电路的连接情况，由P=【解答】解：

由电路图知，开关接1、2时电路是断路，不加热，故放出的是冷水；

开关接2、3时，只有R2接入电路中，电路中电阻较大；接3、4时两电热丝并联，电路中电阻较小． 电源电压一定，由P=

可知，开关接2、3时电路功率较小，接3、4时电路功

率较大，所以接2、3时水龙头放出的是温水． 故选B．

【点评】本题考查电功率的大小判断，关键是正确分析开关接不同位置时电路中电阻的大小．

15．（2分）（2016秋?厦门期末）如图所示，若只闭合S1，两只灯泡都会亮，再闭合S2，两只灯泡亮度的变化情况是（ ）

A．L1变暗，L2变亮 B．L1变亮，L2变暗 C．L1不变，L2变亮 D．L1不变，L2变暗

【分析】只闭合S1时，两灯泡串联；当S1、S2都闭合时，L1与R并联后与L2串

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联；根据串并联电路电阻的特点以及功率的计算公式判断灯泡的明暗． 【解答】解：只闭合S1时，两灯泡串联；当S1、S2都闭合时，L1与R并联后与L2串联；

因为并联电路中的总电阻小于任何一个分电阻，

因此当S1、S2都闭合后，电路中的总电阻变小，由P=I2R可知，L2的实际功率变大，因此L2变亮；

因为L1与R并联后的总电阻变小，因此L1两端电压变小，由P=际功率变小，因此L1变暗． 故选A．

【点评】本考查串并联电路的特点以及功率计算公式的应用，关键明确电路在不同状态下的连接方式．

16．（2分）（2016秋?厦门期末）容器内装有一定质量的冷水，将一杯等质量的热水倒入容器中，冷水温度升高15℃．若又向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度将再升高（不计热损失）（ ） A．15℃

B．10℃

C．5℃ D．3℃

可知，L1的实

【分析】由题意可知，容器内水的质量和一杯热水的质量相等，不计热损失时，热水放出的热量和冷水吸收的热量相等，根据Q=cm△t可知两者温度的变化量相等，据此设出热水、冷水的初温和热平衡后共同的温度；又向容器内倒入同样一杯热水时，相当于同时向冷水中倒入两杯热水，根据Q=cm△t得出等式求出热平衡后共同的温度，进一步求出冷水温度将再升高的值．

【解答】解：设容器内水的质量和一杯水的质量为m，热水的初温为t热，冷水的初温t冷，将一杯等质量的热水倒入容器中后共同的温度为t， 因不计热损失，

所以，由Q=cm△t可得： Q放=Q吸，即cm△t热=cm△t冷， 解得：△t热=△t冷=15℃，

据此可设t冷=0℃，则t热=30℃，t=15℃，

又向容器内倒入同样一杯热水时，相当于同时向冷水中倒入两杯热水，

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