U N
X% × ZL?AB = X% =
1.4
2I
(2) k ?min
s?max — Z =
110 2×1.5311 ? 0.261 × 132.25 = 1.4ù
= 8.7% < 15%
灵敏度不满足要求，可采用电流电压联锁保护来提高保护的灵敏度。 ②带时限电流速断保护:与保护 3 的第 I 段相配合
0.121×132.25
3
K?C?MAX 保护 3 的电流保护第 I 段动作电流为I
= 1.08KA () I
= KⅠ ? I3= 1.3 × 1.08 = 1.404KA
()
Iop ?3 Ⅱ 取Krel
= 1.1 ，则 IⅡ = KⅡ ? II
op ?1 3
1
rel
op ?3
rel K?C?MAX
= 1.1 × 1.404 = 1.544KA
动作时限为t
Ⅱ
= tI + ?t = ?t = 0.5s
灵敏度校验
2K?B?MIN
本线路 AB 末端的最小两相短路电流I = 1.5311KA
(2) IK?B?MIN
? = 1.0 < 1.3 Ⅱ I
故K
sen
op ?1
()
=
灵敏度不满足要求，可与保护 3 的电流保护第 II 段相配合。 ③定时限过电流保护的整定计算 动作电流的整定
取Kre = 0.85，KIII
III
III ?KKrel
st
rel
= 1.2，Kst = 1.5 = 1.2×1.5 1.85
Iop ?1
=
Kre III L?MAX
III
? I
× 230 = 487.1A
动作时限为
= t3 + ?t = 1 + 2?t = 2s
t1
灵敏度校验
作近后备时，按本线路 AB 末端的最小两相短路电流I2
(2)
K?B?MIN? III = 1.5311 I
I
Ksen = ?op ?1 0.4871 = 3.1 > 1.5
11 / 17
K?B?MIN ()
来校验，即
作远后备时，按相邻线路 BC 末端的最小两相短路电流I2
(2) K?C?MIN? III = 0.9353 I
I
Ksen = ?op ?1 0.4871 = 1.9 > 1.2 （2）BC 线路 3QF 的整定
①瞬时电流速断保护
线路 BC 末端的最大三相短路电 I
取
Ⅰ
K?C?MAX (3)
K?C?MIN ()
来校验，
= 1.08KA
K
= 1.3，则保护 3 的电流保护第 I 段动作电流为
12 / 17
I
= KⅠ ? I
(3)
= 1.3 × 1.08 = 1.404KA
Iop ?3 rel K?C?MAX 保护范围的校验 最小运行方式下，BC 线路 X 处两相短路的电流为：
UN (2) = 0.9353KA
= IK?MIN
2(Z s ?max +X%×Z L ?BC )
U N
s?max (2) — Z 2I
X% × ZL?BC = k ?min
24.29
=
110
2×0.9353 ? 0.261 × 132.25 = 24.29ù
X% =
= 100% > 15%
②带时限电流速断保护:与保护 5 的第 I 段相配合
0.181×132.25
K?D?MAX3 保护 5 的电流保护第 I 段动作电流为I = 0.815KA Ⅰ (3) I
= K? I= 1.3 × 0.815 = 1.0595KA
()
Iop ?5 Ⅱ 取Krel
= 1.1 ，则 IⅡ = KⅡ ? II
op ?3 5
3
rel
op ?5
rel K?D?MAX
= 1.1 × 1.0595 = 1.165KA
动作时限为t
Ⅱ
= tI + ?t = ?t = 0.5s
灵敏度校验
2K?C?MIN
本线路 BC 末端的最小两相短路电流I = 0.9353KA
(2) IK?C?MIN
? = 0.8 < 1.3 Ⅱ I
故Ksen op ?3
()
=
灵敏度不满足要求，可与保护 5 的电流保护第 II 段相配合。 ③定时限过电流保护的整定计算 动作电流的整定
取Kre = 0.85，KIII
III
III ?KKrel
st
rel
= 1.2，Kst = 1.5 = 1.2×1.5 1.85
Iop ?3
=
Kre III L?MAX
III
? I
× 150 = 317.6A
动作时限为
= t5 + ?t = 1 + 2?t = 2s
t3
灵敏度校验
13 / 17
作近后备时，按本线路 BC 末端的最小两相短路电流I2
(2) K?C?MIN? III = 0.9353 I
I
Ksen = ?op ?3 0.3176 = 2.9 > 1.5
K?C?MIN ()
来校验，即
作远后备时，按相邻线路 BD 末端的最小两相短路电流I2
(2)
K?D?MIN? III = 0.7058 I
I
Ksen = op ?3 ?0.3176 = 2.2 > 1.2
K?D?MIN ()
来校验，
14 / 17
（3）DB 线路 5QF 的整定
①瞬时电流速断保护
线路 DB 末端的最大三相短路电 I
K?D?MAX (3)
= 0.815KA
Ⅰ rel 取K= 1.3，则保护 5 的电流保护第 I 段动作电流为
Ⅰ (3) I
= K? I= 1.3 × 0.815 = 1.0595KA Iop ?5 rel K?D?MAX 保护范围的校验 最小运行方式下，DB 线路 X 处两相短路的电流为：
UN (2) = 0.7058KA
=
IK?MIN
2(Z s ?max +X%×Z L ?DB )
U N
s?max (2) — Z 2I
X% × ZL?DB = k ?min
43.4
=
110 2×0.9353 ? 0.261 × 132.25 = 43.4ù
X% =
= 98.8% > 15%
②带时限电流速断保护:与保护 7 的第 I 段相配合
0.332×132.25
3保护 7 的电流保护第 I 段动作电流为I = 0.654KA Ⅰ (3) I
= K? I= 1.3 × 0.654 = 0.8502KA
()K?A?MAX
Iop ?7 Ⅱ 取Krel
= 1.1 ，则 IⅡ = KⅡ ? II
op ?5 7
5
rel
op ?7
rel K?A?MAX
= 1.1 × 0.8502 = 0.9352KA
动作时限为t
Ⅱ
= tI + ?t = ?t = 0.5s
灵敏度校验
2K?D?MIN
本线路 DB 末端的最小两相短路电流I = 0.7058KA
(2) IK?D?MIN? = 0.75 < 1.3
Ⅱ I
故Ksen op ?5
()
=
灵敏度不满足要求，可与保护 7 的电流保护第 II 段相配合。 ③定时限过电流保护的整定计算 动作电流的整定
取Kre = 0.85，KIII
III ?K
rel
= 1.2，Kst = 1.5
st 15 / 17
百度搜索“77cn”或“免费范文网”即可找到本站免费阅读全部范文。收藏本站方便下次阅读，免费范文网，提供经典小说综合文库l10千伏单电源环形网络相间短路保护的整定计算 - 图文(3)在线全文阅读。
相关推荐：