大学物理第六章课后习题答案(马文蔚第五版)(1)

第六章 静电场中的导体与电介质

6 －1 将一个带正电的带电体A 从远处移到一个不带电的导体B 附近，则导体B 的电势将（ ）

（A） 升高 （B） 降低 （C） 不会发生变化 （D） 无法确定 分析与解 不带电的导体B 相对无穷远处为零电势。由于带正电的带电体A 移到不带电的导体B 附近时，在导体B 的近端感应负电荷；在远端感应正电荷，不带电导体的电势将高于无穷远处，因而正确答案为（A）。 6 －2 将一带负电的物体M靠近一不带电的导体N，在N 的左端感应出正电荷，右端感应出负电荷。若将导体N 的左端接地（如图所示），则（ ） （A） N上的负电荷入地 （B）N上的正电荷入地 （C） N上的所有电荷入地 （D）N上所有的感应电荷入地

分析与解 导体N 接地表明导体N 为零电势，即与无穷远处等电势，这与导体N在哪一端接地无关。因而正确答案为（A）。

6 －3 如图所示将一个电量为q 的点电荷放在一个半径为R 的不带电的导体球附近，点电荷距导体球球心为d，参见附图。设无穷远处为零电势，则在导体球球心O 点有（ ） （A）E?0,V?（B）E?q 4πε0dqq ,V?4πε0d24πε0d（C）E?0,V?0

1

（D）E?qq ,V?4πε0d24πε0R

分析与解 达到静电平衡时导体内处处各点电场强度为零。点电荷q 在导 体球表面感应等量异号的感应电荷±q′，导体球表面的感应电荷±q′在球心O点激发的电势为零，O 点的电势等于点电荷q 在该处激发的电势。因而正确答案为（A）。

6 －4 根据电介质中的高斯定理，在电介质中电位移矢量沿任意一个闭合曲面的积分等于这个曲面所包围自由电荷的代数和。下列推论正确的是( ) （A） 若电位移矢量沿任意一个闭合曲面的积分等于零，曲面内一定没有自由电荷

（B） 若电位移矢量沿任意一个闭合曲面的积分等于零，曲面内电荷的代数和一定等于零

（C） 若电位移矢量沿任意一个闭合曲面的积分不等于零，曲面内一定有极化电荷

（D） 介质中的高斯定律表明电位移矢量仅仅与自由电荷的分布有关 （E） 介质中的电位移矢量与自由电荷和极化电荷的分布有关

分析与解 电位移矢量沿任意一个闭合曲面的通量积分等于零，表明曲面 内自由电荷的代数和等于零；由于电介质会改变自由电荷的空间分布，介质中的电位移矢量与自由电荷与位移电荷的分布有关。因而正确答案为（E）。 6 －5 对于各向同性的均匀电介质，下列概念正确的是（ ） （A） 电介质充满整个电场并且自由电荷的分布不发生变化时，电介质中的电场强度一定等于没有电介质时该点电场强度的1/εｒ倍

（B） 电介质中的电场强度一定等于没有介质时该点电场强度的1/εｒ倍

2

（C） 在电介质充满整个电场时，电介质中的电场强度一定等于没有电介质时该点电场强度的1/εｒ倍

（D） 电介质中的电场强度一定等于没有介质时该点电场强度的εｒ倍 分析与解 电介质中的电场由自由电荷激发的电场与极化电荷激发的电场迭加而成，由于极化电荷可能会改变电场中导体表面自由电荷的分布，由电介质中的高斯定理，仅当电介质充满整个电场并且自由电荷的分布不发生变化时，在电介质中任意高斯面S 有

1??1?χE?dS?E?dS?qi ?0?S?Sε0i即E ＝E０/εｒ，因而正确答案为（A）。

6 －6 不带电的导体球A 含有两个球形空腔，两空腔中心分别有一点电荷qb 、qc ，导体球外距导体球较远的r 处还有一个点电荷qd （如图所示）。试求点电荷qb 、qc 、qd 各受多大的电场力。

分析与解 根据导体静电平衡时电荷分布的规律，空腔内点电荷的电场线终止于空腔内表面感应电荷；导体球A 外表面的感应电荷近似均匀分布，因而近似可看作均匀带电球对点电荷qd 的作用力。

Fd??qb?qc?qd4πε0r2

点电荷qd 与导体球A 外表面感应电荷在球形空腔内激发的电场为零，点电 荷qb 、qc处于球形空腔的中心，空腔内表面感应电荷均匀分布，点电荷qb 、qc受到的作用力为零.

6 －7 一真空二极管，其主要构件是一个半径R１ ＝5.0×10m 的圆柱形阴极和一个套在阴极外，半径R２ ＝4.5×10m 的同轴圆筒形阳极．阳极电

－3

－4

3

势比阴极电势高300V，阴极与阳极的长度均为L ＝2.5×10

－２

m．假设电子

从阴极射出时的速度为零．求：（１） 该电子到达阳极时所具有的动能和速率；（２）电子刚从阳极射出时所受的力．

分析 （1） 由于半径R１＜＜L，因此可将电极视作无限长圆柱面，阴极和阳极之间的电场具有轴对称性．从阴极射出的电子在电场力作用下从静止开始加速，电子所获得的动能等于电场力所作的功，也即等于电子势能的减少．由此，可求得电子到达阳极时的动能和速率．

（2） 计算阳极表面附近的电场强度，由F ＝qE 求出电子在阴极表面所受的电场力．

解 （1） 电子到达阳极时，势能的减少量为

ΔEep??eV??4.8?10?17J

由于电子的初始速度为零，故

Eek?ΔEek??ΔEep??4.8?10?17J

因此电子到达阳极的速率为

v?2Eek2eV??1.03?107m?s-1 mmE??λer 2πε0r（2） 两极间的电场强度为

两极间的电势差

4

V??E?dr??R1R2λλR??eln2 2πε0r2πε0R1负号表示阳极电势高于阴极电势．阴极表面电场强度

E??电子在阴极表面受力

λVer?e

R2r2πε0R1R1lnR1F??eE?4.37?10?14erN

这个力尽管很小，但作用在质量为９.1１ ×10加速度可达重力加速度的5 ×105 倍．

１

－3１

kg 的电子上，电子获得的

6 －8 一导体球半径为R１ ，外罩一半径为R2 的同心薄导体球壳，外球壳所带总电荷为Q，而内球的电势为V０ ．求此系统的电势和电场的分布． 分析 若V0?Q，内球电势等于外球壳的电势，则外球壳内必定为等

4πε0R2势体，电场强度处处为零，内球不带电．

若V0?Q，内球电势不等于外球壳电势，则外球壳内电场强度不

4πε0R2为零，内球带电．一般情况下，假设内导体球带电q，导体达到静电平衡时电荷的分布如图所示．依照电荷的这一分布，利用高斯定理可求得电场分布．并由Vp???pE?dl或电势叠加求出电势的分布．最后将电场强度和电

势用已知量V0、Q、R１、R2表示．

解 根据静电平衡时电荷的分布，可知电场分布呈球对称．取同心球面为高

2斯面，由高斯定理E?dS?E?r??4πr?E?r????q/ε0，根据不同半径的

5

高斯面内的电荷分布，解得各区域内的电场分布为 r ＜R１时， E1?r??0

q

4πε0r2Q?qr＞R2 时， E2?r?? 24πε0rR１＜r＜R2 时，E2?r??由电场强度与电势的积分关系，可得各相应区域内的电势分布． r ＜R１时，

V1??E?dl??E1?dl??E2?dl??E3?dl?rrR1R2?R1R2?qQ ?4πε0R14πε0R2R１＜r＜R2 时，

V2??E?dl??E2?dl??E3?dl?rrR2?R2?qQ ?4πε0r4πε0R2r＞R2 时，

V3??E3?dl?r?q?Q 4πε0r也可以从球面电势的叠加求电势的分布．在导体球内（r ＜R１）

V1?qQ ?4πε0R14πε0R2qQ ?4πε0r4πε0R2在导体球和球壳之间（R１＜r＜R2 ）

V2?在球壳外（r＞R2）

V3?由题意

q?Q 4πε0rV1?V0?得

qQ ?4πε0R24πε0R1qQ?

4πε0R24πε0R1V1?V0?代入电场、电势的分布得

6

r ＜R１时，

E1?0；V1?V0

R１＜r＜R2 时，

E2?r＞R2 时，

R1V0R1QR1V0(r?R1)Q； ?V??2r4πε0R2rr24πε0R2r2E3?R1V0(R2?R1)QR1V0(R2?R1)Q； ?V??322r4πε0R2rr4πε0R2r6 －9 在一半径为R１ ＝6.0 cm 的金属球A 外面套有一个同心的金属球壳B．已知球壳B 的内、外半径分别为R2＝8.0 cm，R3 ＝10.0 cm．设球A 带有总电荷QA ＝3.0 ×10

－８

C，球壳B 带有总电荷QB ＝2.0×10

－８

C．（１） 求

球壳B 内、外表面上所带的电荷以及球A 和球壳B 的电势；（2） 将球壳B 接地然后断开，再把金属球A 接地，求金属球A 和球壳B 内、外表面上所带的电荷以及球A 和球壳B 的电势．

分析 （１） 根据静电感应和静电平衡时导体表面电荷分布的规律，电荷QA均匀分布在球A 表面，球壳B 内表面带电荷－QA ，外表面带电荷QB ＋QA ，电荷在导体表面均匀分布［图（ａ）］，由带电球面电势的叠加可求得球A 和球壳B 的电势．（2） 导体接地，表明导体与大地等电势（大地电势通常取为零）．球壳B 接地后，外表面的电荷与从大地流入的负电荷中和，球壳内表面带电－QA ［图（ｂ）］．断开球壳B 的接地后，再将球A 接地，此时球A 的电势为零．电势的变化必将引起电荷的重新分布，以保持导体的静电平衡．不失一般性可设此时球A 带电qA ，根据静电平衡时

7

导体上电荷的分布规律，可知球壳B 内表面感应－qA，外表面带电qA －QA ［图（c）］．此时球A 的电势可表示为

VA?qA?qAq?QA??A?0

4πε0R14πε0R24πε0R3由VA ＝0 可解出球A 所带的电荷qA ，再由带电球面电势的叠加，可求出球A 和球壳B 的电势．

解 （１） 由分析可知，球A 的外表面带电3.0 ×10电－3.0 ×10

－８

－８

C，球壳B 内表面带

C，外表面带电5.0 ×10

－８

C．由电势的叠加，球A 和球壳B 的

电势分别为

VA?qA?QAQ?QA??A?5.6?103V

4πε0R14πε0R24πε0R3Q?QBVB?A?4.5?103V

4πε0R3（2） 将球壳B 接地后断开，再把球A 接地，设球A 带电qA ，球A 和球壳B的电势为

VA?qA?qA?QA?qA???0

4πε0R14πε0R24πε0R3?QA?qA VB?4πε0R3R1R2QA?2.12?10?8C

R1R2?R2R3?R1R3－８

解得

qA?即球A 外表面带电2.12 ×10×10

－８

C，由分析可推得球壳B 内表面带电－2.12

－８

C，外表面带电-0.9 ×10C．另外球A 和球壳B 的电势分别为

VA?0

VB??7.29?102V

导体的接地使各导体的电势分布发生变化，打破了原有的静电平衡，导体表 面的电荷将重新分布，以建立新的静电平衡．

6 －10 两块带电量分别为Q１ 、Q2 的导体平板平行相对放置（如图所示），假设导体平板面积为S，两块导体平板间距为d，并且S ＞＞d．试证明（１） 相向的两面电荷面密度大小相等符号相反；（2） 相背的两面电荷面密度大

8

小相等符号相同．

分析 导体平板间距d ＜＜ S，忽略边缘效应，导体板近似可以当作无限大带电平板处理。取如图（ｂ）所示的圆柱面为高斯面，高斯面的侧面与电场强度E 平行，电场强度通量为零；高斯面的两个端面在导体内部，因导体内电场强度为零，因而电场强度通量也为零，由高斯定理

?E?dS??q/ε得 ?q?0

S0?0

上式表明处于静电平衡的平行导体板，相对两个面带等量异号电荷．再利用叠加原理，导体板上四个带电面在导体内任意一点激发的合电场强度必须为零，因而平行导体板外侧两个面带等量同号电荷．

证明 （１） 设两块导体平板表面的电荷面密度分别为σ１、σ2、σ3、σ4 ，取如图（ｂ）所示的圆柱面为高斯面，高斯面由侧面S１和两个端面S2、S3构成，由分析可知

?E?dS??q/εS0?0

得

?q?σΔS?σΔS?0,23σ2?σ3?0

9

相向的两面电荷面密度大小相等符号相反．

（2） 由电场的叠加原理，取水平向右为参考正方向，导体内P 点的电场强度为

σ1σσσ?2?3?4?0,σ1?σ4?0 2ε02ε02ε02ε0相背的两面电荷面密度大小相等符号相同．

6 －11 将带电量为Q 的导体板A 从远处移至不带电的导体板B 附近，如 图（ａ）所示，两导体板几何形状完全相同，面积均为S，移近后两导体板距离为d（dS）．

（１） 忽略边缘效应求两导体板间的电势差； （2） 若将B 接地，结果又将如何？

分析 由习题6 －１0 可知，导体板达到静电平衡时，相对两个面带等量异号电荷；相背两个面带等量同号电荷．再由电荷守恒可以求出导体各表面的电荷分布，进一步求出电场分布和导体间的电势差．

导体板B 接地后电势为零，B 的外侧表面不带电，根据导体板相背两个面带等量同号电荷可知，A 的外侧表面也不再带电，由电荷守恒可以求出导体各表面的电荷分布，进一步求出电场分布和导体间的电势差． 解 （１） 如图（ｂ）所示，依照题意和导体板达到静电平衡时的电荷分布规律可得

10

?σ1?σ2?S?Q ?σ3?σ4?S?Q

σ1?σ4?0 σ2?σ3?0

解得

σ1?σ2??σ3?σ4?两导体板间电场强度为E?Q 2SQ；方向为A 指向B． 2ε0SQd 2ε0S两导体板间的电势差为 UAB?（2） 如图（c）所示，导体板B 接地后电势为零．

σ1?σ4?0

Qσ2??σ3?

SQ两导体板间电场强度为E??；方向为A 指向B．

ε0S两导体板间的电势差为 U?AB?Qd ε0S6 －12 如图所示球形金属腔带电量为Q ＞0，内半径为ɑ，外半径为b，腔内距球心O 为r 处有一点电荷q，求球心的电势．

分析 导体球达到静电平衡时，内表面感应电荷－q，外表面感应电荷q；内表面感应电荷不均匀分布，外表面感应电荷均匀分布．球心O 点的电势由

11

点电荷q、导体表面的感应电荷共同决定．在带电面上任意取一电荷元，电荷元在球心产生的电势

dV?dq

4πε0R由于R 为常量，因而无论球面电荷如何分布，半径为R的带电球面在球心产生的电势为

V???dqq ?s4πεR4πεR00由电势的叠加可以求得球心的电势．

解 导体球内表面感应电荷－q，外表面感应电荷q；依照分析，球心的电势 为

V?qqq?Q ??4πε0r4πε0a4πε0b6 －13 在真空中，将半径为R 的金属球接地，与球心O 相距为r（r ＞R）处放置一点电荷q，不计接地导线上电荷的影响．求金属球表面上的感应电荷总量．

分析 金属球为等势体，金属球上任一点的电势V 等于点电荷q 和金属球表面感应电荷q′在球心激发的电势之和．在球面上任意取一电荷元ｄq′，电荷元可以视为点电荷，金属球表面的感应电荷在点O 激发的电势为

V???点O 总电势为

dq?

s4πεR0V0?q?V? 4πε0r而接地金属球的电势V0 ＝0，由此可解出感应电荷q′．

12

解 金属球接地，其球心的电势

V?感应电荷总量

qdq?q1????dq??0 ?ss4πε0r4πε0R4πε0r4πε0RRq??dq???q

r6 －14 地球和电离层可当作球形电容器，它们之间相距约为100 km，试估算地球－电离层系统的电容．设地球与电离层之间为真空．解 由于地球半径R1 ＝6.37×10 m；电离层半径R2 ＝1.00×10 m ＋R1 ＝6.47 ×10 m，根据球形电容器的电容公式，可得

6

5

6

C?4πε0R1R2?4.58?10?2R2?R1F

6 －15 两线输电线，其导线半径为3.26 mm，两线中心相距0.50 m，导线位于地面上空很高处，因而大地影响可以忽略．求输电线单位长度的电容． 解 由教材第六章6 －4 节例3 可知两输电线的电势差

U?因此，输电线单位长度的电容

λd?R lnπε0Rλd?Rd?πε0/ln?πε0/ln URR代入数据 C?5.52?10?12F

C?6 －16 电容式计算机键盘的每一个键下面连接一小块金属片，金属片与底 板上的另一块金属片间保持一定空气间隙，构成一小电容器（如图）。当按下按键时电容发生变化，通过与之相连的电子线路向计算机发出该键相应的代码信号。假设金属片面积为50.0 mm ，两金属片之间的距离是0.600 mm。如果电路能检测出的电容变化量是0.250 pF，试问按键需要按下多大的距离才能给出必要的信号？

2

13

分析 按下按键时两金属片之间的距离变小，电容增大，由电容的变化量可以求得按键按下的最小距离： 解 按下按键时电容的变化量为

?11?ΔC?ε0S???

?dd0?按键按下的最小距离为

2ΔCd0minΔdmin?d0?d??0.152mm

d0ΔC?ε0S6 －17 盖革－米勒管可用来测量电离辐射．该管的基本结构如图所示，一半径为R1 的长直导线作为一个电极，半径为R2 的同轴圆柱筒为另一个电极．它们之间充以相对电容率εｒ ≈1 的气体．当电离粒子通过气体时，能使其电离．若两极间有电势差时，极间有电流，从而可测出电离粒子的数量．如以E1 表示半径为R1 的长直导线附近的电场强度．（1） 求两极间电势差的关系式；（2） 若E1 ＝2.0 ×10 V· m ，R1 ＝0.30 mm，R2 ＝20.0 mm，两极间的电势差为多少？

6

－1

14

分析 两极间的电场可以近似认为是无限长同轴带电圆柱体间的电场，由于电荷在圆柱面上均匀分布，电场分布为轴对称．由高斯定理不难求得两极间的电场强度，并利用电场强度与电势差的积分关系U?间的电势差．

解 （1） 由上述分析，利用高斯定理可得E?2πrL?电场强度

?R2R1E?dl 求出两极

1λL，则两极间的ε0E?导线表面（r ＝R1 ）的电场强度

λ 2πε0rλ

2πε0R1λRdr?R1E1ln2 2πε0rR1E1?两极间的电势差

U??E?dr??R1R2R2R1（2） 当E1?2.0?106V?m?1 ，R1 ＝0.30 mm，R2 ＝20.0 mm 时，

U?2.52?103V

6 －18 一片二氧化钛晶片，其面积为1.0 cm ，厚度为0.10 mm．把平行

2

15

平板电容器的两极板紧贴在晶片两侧.（1） 求电容器的电容；（2） 当在电容器的两极间加上12 V电压时，极板上的电荷为多少？ 此时自由电荷和极化电荷的面密度各为多少？ （3） 求电容器内的电场强度．

解 （1） 查表可知二氧化钛的相对电容率εr ＝173，故充满此介质的平板电容器的电容

C?εrε0S?1.53?10?9F d（2） 电容器加上U ＝12 V 的电压时，极板上的电荷

Q?CU?1.84?10?8C

极板上自由电荷面密度为

σ0?晶片表面极化电荷密度

Q?1.84?10?8C?m-2 S?1????1??σ0?1.83?10?4C?m-2 σ0?εr?（3） 晶片内的电场强度为

E?U?1.2?105V?m-1 d－８

6 －19 如图所示，半径R ＝0.10 m 的导体球带有电荷Q ＝1.0 ×10C，

导体外有两层均匀介质，一层介质的εr＝5.0，厚度d ＝0.10 m，另一层介质为空气，充满其余空间．求：（1） 离球心为r ＝5cm、15 cm、25 cm 处的D 和E；（2） 离球心为r ＝5 cm、15 cm、25 cm 处的V；（3） 极化电荷面密度σ′．

16

分析 带电球上的自由电荷均匀分布在导体球表面，电介质的极化电荷也均匀分布在介质的球形界面上，因而介质中的电场是球对称分布的．任取同心球面为高斯面，电位移矢量D 的通量与自由电荷分布有关，因此，在高斯面上D 呈均匀对称分布，由高斯定理D?dS???q0可得D（r）．再由

E?D/ε0εr可得E（r）．

介质内电势的分布，可由电势和电场强度的积分关系V?者由电势叠加原理求得．

极化电荷分布在均匀介质的表面，其极化电荷面密度σ??pa． 解 （1） 取半径为r 的同心球面为高斯面，由高斯定理得 r ＜R D1?4πr?0

2??rE?dl求得，或

D1?0；E1?0

2R ＜r ＜R ＋d D2?4πr?Q

17

D2?QQ； E?24πr24πε0εrr2QQ； E?324πr24πε0εrrr ＞R ＋d D3?4πr2?Q

D3?将不同的r 值代入上述关系式，可得r ＝5 cm、15 cm 和25 cm 时的电位移和电场强度的大小，其方向均沿径向朝外． r1 ＝5 cm，该点在导体球内，则

Dr1?0；Er1?0

r2 ＝15 cm，该点在介质层内，ε

ｒ

＝5.0，则

Dr2?QQ?8?22?1； ?3.5?10C?mE??8.0?10V?mr2224πr24πε0εrr2r3 ＝25 cm，该点在空气层内，空气中ε≈ε0 ，则

Dr3?QQ?8?2；?1.3?10C?mE??1.4?102V?m?1 r3224πr34πε0r2（2） 取无穷远处电势为零，由电势与电场强度的积分关系得 r3 ＝25 cm，

V3??E3?dr?r1?Q?360V 4πε0rE3?drr2 ＝15 cm，

V2???R?dr2E2?dr???R?dQQQ??

4πε0εrr24πε0εr?R?d?4πε0?R?d??480Vr1 ＝5 cm，

V1???R?dRE2?dr???R?dE3?drQQQ ??4πε0εrR4πε0εr?R?d?4πε0?R?d??540V（3） 均匀介质的极化电荷分布在介质界面上，因空气的电容率ε ＝ε0 ，

18

极化电荷可忽略．故在介质外表面；

Pn??εr?1?ε0En?σ?Pn?在介质内表面：

?εr?1?Q24πεr?R?d??εr?1?Q

24πεr?R?d??1.6?10?8C?m?2

Pn??εr?1?ε0En?σ???Pn?4πεrR2?εr?1?Q

4πεrR2?εr?1?Q??6.4?10?8C?m?2

介质球壳内、外表面的极化电荷面密度虽然不同，但是两表面极化电荷的总量还是等量异号．

6 －20 人体的某些细胞壁两侧带有等量的异号电荷。设某细胞壁厚为5.2 ×109 m，两表面所带面电荷密度为±5.2 ×10 C／m ，内表面为正电

－

－3

2

荷．如果细胞壁物质的相对电容率为6.0，求（1） 细胞壁内的电场强度；（2） 细胞壁两表面间的电势差． 解 （1）细胞壁内的电场强度E?σ方向指向细胞外． ?9.8?106V/m；

ε0εr?2（2） 细胞壁两表面间的电势差U?Ed?5.1?10V．

--2

6 －21 一平板电容器，充电后极板上电荷面密度为σ0 ＝4.5×105 C· m．现将两极板与电源断开，然后再把相对电容率为εｒ ＝2.0 的电介质插入两极板之间．此时电介质中的D、E 和P 各为多少？

分析 平板电容器极板上自由电荷均匀分布，电场强度和电位移矢量都是常

19

矢量．充电后断开电源，在介质插入前后，导体板上自由电荷保持不变．取图所示的圆柱面为高斯面，由介质中的高斯定理可求得电位移矢量D，再根据

E?D，F?D?ε0E ε0εr可求得电场强度E 和电极化强度矢量P． 解 由分析可知，介质中的电位移矢量的大小

D?Q?σ0?4.5?10?5C?m?2 ΔS介质中的电场强度和极化强度的大小分别为

E?D?2.5?106V?m?1 ε0εrP?D?ε0E?2.3?10?5C?m?1

D、P、E方向相同，均由正极板指向负极板（图中垂直向下）． 6 －22 在一半径为R1 的长直导线外，套有氯丁橡胶绝缘护套，护套外半径为R2 ，相对电容率为εｒ ．设沿轴线单位长度上，导线的电荷密度为λ．试求介质层内的D、E 和P．

分析 将长直带电导线视作无限长，自由电荷均匀分布在导线表面．在绝缘介质层的内、外表面分别出现极化电荷，这些电荷在内外表面呈均匀分布，所以电场是轴对称分布．取同轴柱面为高斯面，由介质中的高斯定理可得电

20

的电容器，它的极板面积至少要多大． 解 介质内电场强度

E?Eb?18?106V?m?1

电容耐压Um ＝4.0 kV，因而电容器极板间最小距离

d?Um/Eb?2.22?10?4m

要制作电容为0.047 μF 的平板电容器，其极板面积

S?Cd?0.42m2 ε0ε1显然，这么大的面积平铺开来所占据的空间太大了，通常将平板电容器卷叠成筒状后再封装．

6 －33 一平行板空气电容器，极板面积为S，极板间距为d，充电至带电Q后与电源断开，然后用外力缓缓地把两极板间距拉开到2d．求：（1） 电容器能量的改变；（2） 此过程中外力所作的功，并讨论此过程中的功能转换关系．

分析 在将电容器两极板拉开的过程中，由于导体极板上的电荷保持不变， 极板间的电场强度亦不变，但电场所占有的空间增大，系统总的电场能量增加了．根据功能原理，所增加的能量应该等于拉开过程中外力克服两极板间的静电引力所作的功．

解 （1） 极板间的电场为均匀场，且电场强度保持不变，因此，电场的能量密度为

1Q22 we?ε0E?222ε0S在外力作用下极板间距从d 被拉开到2d，电场占有空间的体积，也由V 增加到2V，此时电场能量增加

Q2d ΔWe?weΔV?2ε0S（2） 两导体极板带等量异号电荷，外力F 将其缓缓拉开时，应有F＝－Fe ，则外力所作的功为

Q2d A??Fe?Δr?QEd?2ε0S 31

外力克服静电引力所作的功等于静电场能量的增加．

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