2019年高考物理（人教）一轮基础夯实练（5）及答案
一、选择题
1、(2019·浙江百校联盟押题卷)如图所示，A、B两物体用两根轻质细线分别
悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角分别为60°和45°，A、B间拴接的轻质弹簧恰好处于水平状态，则下列判断正确的是( )
A．A、B的质量之比为
：3
：2
：1
：2
B．A、B所受弹簧弹力大小之比为3
C．悬挂A、B的细线上拉力大小之比为2
D．快速撤去弹簧的瞬间，A、B的瞬时加速度大小之比为
解析：弹簧对A、B的弹力大小相等，设为kx，对A、B分别进行受力分析，由平衡条件可知mAg＝kxtan60°，FA＝kx/cos60°，mBg＝kxtan45°，FB＝kx/cos45°，联立解得A、B两物体质量之比为mA：mB＝FB＝aB＝
：tan45°＝3
：1，FA：
：cos60°＝2：1，在剪断弹簧的瞬间，A、B的瞬时加速度aA：：gcos45°＝1：
答案：CD
2，故C、D正确．
2、(2019·重庆调研)如图所示，某河段两岸平行，河水越靠近河中央水流速度
越大．一条小船(可视为质点)沿垂直于河岸的方向航行，它在静水中航行速度为v，沿河岸向下及垂直河岸建立直角坐标系xOy，则该船渡河的大致轨迹正确的是( )
解析：小船在垂直于河岸方向做匀速直线运动，平行河岸方向先做加速运动后做减速运动，因此合速度方向与河岸间的夹角先减小后增大，即运动轨迹的切线方向与x轴的夹角先减小后增大，C项正确． 答案：C
3、滑块静止于光滑水平面上
，与之相连的轻质弹簧处于自
然伸直状态，现用恒定的水平外力F作用于弹簧右端，在向右移动一段距离的过程中拉力F做了10 J的功．在上述过程中( )
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A．弹簧的弹性势能增加了10 J B．滑块的动能增加了10 J
C．滑块和弹簧组成的系统机械能增加了10 J D．滑块和弹簧组成的系统机械能守恒
解析：拉力F做功的同时，弹簧伸长，弹性势能增大，滑块向右加速，滑块动能增加，由功能关系可知，拉力做功等于滑块的动能与弹簧弹性势能的增加量之和，C正确，A、B、D均错误． 答案：C
4、
某静电场的电场线分布如图所示，图中A、B两点的电场强度的大小分别为EA和EB，电势分别为φA和φB，将－q分别放在A、B两点时具有的电势能分别为EpA和EpB，则( )
A．EA>EB，φA>φB，EpA 解析：从图可以看出A点的电场线的密集程度大于B点的密集程度，故A点的电场强度大于B点的电场强度．因电场线的方向由A指向B，而沿电场线的方向电势逐渐降低，所以A点的电势高于B点的电势．负电荷从A到B，电场力做负功，电势能增加，所以－q在B点的电势能大于在A点的电势能，故A正确． 答案：A 5、某一空间存在着磁感应强度为B且大小不变、方向随时间t做周期性变化 的匀强磁场(如图甲所示)，规定垂直纸面向里的磁场方向为正．为了使静止于该磁场中的带正电的粒子能按a→b→c→d→e→f的顺序做横“∞”字曲线运动(即如图乙所示的轨迹)，下列办法可行的是(粒子只受磁场力的作用，其它力不计)( ) 第 2 页 3T A．若粒子的初始位置在a处，在t＝8时给粒子一个沿切线方向水平向右的初速度 T B．若粒子的初始位置在f处，在t＝2时给粒子一个沿切线方向竖直向下的初速度 11 C．若粒子的初始位置在e处，在t＝8T时给粒子一个沿切线方向水平向左的初速度 T D．若粒子的初始位置在b处，在t＝2时给粒子一个沿切线方向竖直向上的初速度 解析：要使粒子的运动轨迹如题图乙所示，粒子做圆周运动的周期应为T0πmT ＝qB＝2，结合左手定则可知，选项A、D正确． 答案：AD 6、(2019·广西重点高中高三一模)如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为 ：1，a、b端接入一正弦式交流电源．L1、L2为两只规格均为“22 V 6 W” 的灯泡，两电表为理想交流电表．当滑动变阻器的滑片P处于中间位置时，两灯泡恰好都正常发光．下列说法正确的是( ) A．电流表示数为0.27 A B．电压表示数为44 V C．滑片P向下移动时，灯泡L2将变暗 D．滑片P向上移动时，灯泡L1将变暗 解析：由于原、副线圈匝数比为 ：1，则原、副线圈电流比为 ：2， 36 因两灯泡正常发光，所以原线圈电流为11 A，则副线圈电流为11 A＝0.55 A，A错．原、副线圈两端电压比为 ：1，副线圈两端电压为22 V，所以原线圈两 端电压为44 V，B对．滑片P向下移动时，副线圈电路的电阻变小，电流变大，则原线圈电路中电流也变大，即通过灯泡L2的电流变大，灯泡L2可能变亮或烧毁，C错．滑片P向上移动时，通过灯泡L2的电流变小，原线圈两端电压变大， 第 3 页 则副线圈两端电压也变大，灯泡L1可能变亮或烧毁，D错． 答案：B 7、(2019·江西省五校高考模拟考试)如图所示，有一矩形线圈的面积为S，匝数为N，电阻不计，绕OO′轴在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度ω做匀速转动，从图示位置开始计时．矩形线圈通过铜滑环接理想变压器原线圈，副线圈接有固定电阻R0和滑动变阻器R，下列判断正确的是( ) A．矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωsinωt π B．矩形线圈从图示位置经过2ω时间内，通过电流表A1的电荷量为0 C．当滑动变阻器的滑片向上滑动过程中，电流表A1和A2示数都变小 D．当滑动变阻器的滑片向上滑动过程中，电压表V1示数不变，V2和V3的示数都变小 解析：初始位置是与中性面垂直的平面，则矩形线圈产生的感应电动势的瞬πΔΦ 时值表达式为e＝NBSωcosωt，选项A错误；是四分之一个周期，由Q＝ 2ωR可得，通过电流表A1的电荷量不为零，选项B错误；当滑动变阻器的滑片向上滑动过程中，滑动变阻器的阻值变大．电路总电阻变大，电流表A2示数变小，结I1n2 合I＝n可得，电流表A1示数也变小，选项C正确；当滑动变阻器的滑片向上21U1n1滑动过程中，电压表V1示数不变，结合U＝n，V2示数也不变，电压表V3示数 2 2 变大，选项D错误． 答案：C 二、非选择题 1、(2019·山东青岛一模)如图所示，倾角θ＝30°的足够 长的光滑斜面底端A固定有挡板P，斜面上B点与A点的高度差为h.将质量为m、长度为L的木板置于斜面底端，质量也为m的小物块静止在木板上某处， 第 4 页 3 整个系统处于静止状态．已知木板与物块间的动摩擦因数μ＝2，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g. (1)若给木板和物块一沿斜面向上的初速度v0，木板上端恰能到达B点，求v0的大小； (2)若对木板施加一沿斜面向上的拉力F，物块相对木板刚好静止，求拉力F的大小． 解析：(1)由于μgcosθ>gsinθ，所以在运动过程中物块相对于木板静止，两者v2h0 的加速度a＝gsinθ，根据2a＝sinθ－L， 解得v0＝ ?2h－L?g. (2)对木板与物块整体有F－2mgsinθ＝2ma0， 对物块有μmgcosθ－mgsinθ＝ma0， 3 解得F＝2mg. 3 答案：(1)?2h－L?g (2)2mg 2、(1)如图所示，一定质量的理想气体由状态a沿adc变化到状态 c，吸收了340 J的热量，并对外做功120 J．若该气体由状态a沿abc变化到状态c时，对外做功40 J，则这一过程中气体________(填“吸收”或“放出”)热量________J. (2)(15分)某同学设计了一种测温装置，其结构如图所示，玻璃泡A内封有一定质量的气体，与A相连的B管插在水银槽中，管内外水银面的高度差x即可反映泡内气体的温度，即环境温度t，并可由B管上的刻度直接读出．设B管的体积与A泡的体积相比可略去不计，在1个标准大气压下对B管进行温度刻线(1标准大气压相当于76 cmHg的压强)．已知当温度t1＝27 ℃时，管内外水银面的高度差x1＝16 cm，此高度差即为27 ℃的刻度线．求： (ⅰ)推导高度差x随温度t变化的关系式； 第 5 页 (ⅱ)判断该测温装置的刻度是否均匀，并指出温度t＝0 ℃刻度线在何处． 解析：(1)对该理想气体由状态a沿abc变化到状态c，由热力学第一定律可得：ΔU＝Q＋W＝340 J＋(－120 J)＝220 J，即从a状态到c状态，理想气体的内能增加了220 J；若该气体由状态a沿adc变化到状态c时，对外做功40 J，此过程理想气体的内能还是增加220 J，所以可以判定此过程是吸收热量，再根据热力学第一定律可得：ΔU＝Q′＋W′，得Q′＝ΔU－W′＝220 J－(－40 J)＝260 J. (2)(ⅰ)B管体积忽略不计，玻璃泡A内气体体积保持不变，是等容变化过程，p1p2根据查理定律可得T＝T 12 根据平衡条件可知，玻璃泡A内气体压强p＝p0－ρgx，其中p0为标准大气t 压，代入数据解得x＝21.4－5(cm)． (ⅱ)由方程可知，x与t是线性函数，所以该测温装置的刻度是均匀的． t 根据方程x＝21.4－5(cm)， 将t＝0 ℃代入上式可得，x＝21.4 cm. 所以温度t＝0 ℃刻度线在x＝21.4 cm处． t 答案：(1)吸收 260 (2)(ⅰ)x＝21.4－5(cm) (ⅱ)刻度均匀 x＝21.4 cm处 第 6 页 百度搜索“77cn”或“免费范文网”即可找到本站免费阅读全部范文。收藏本站方便下次阅读，免费范文网，提供经典小说综合文库2019年高考物理（人教）一轮基础夯实练(5)及答案在线全文阅读。
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