2017年上海市宝山区中考物理一模试卷（解析版）(3)

故选D．

7．闭合如图所示电路中电键S后，在滑片P向右移动的过程中，变大的是（ ）

A．电流表A的示数 B．电压表V1的示数

C．电压表V1示数与电压表V2示数之和 D．电压表V2示数与电流表A示数的比值 【考点】电路的动态分析．

【分析】由图可知，该电路为串联电路，根据滑欧姆定律判定电流表和电压表示数的变化．

【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表V1测量的是R1左边的电压，V2测量的是R1右边与电阻R2的电压，电流测量电路中的电流；

A、把两个电压表看作断路可知，滑片移动时，滑动变阻器始终以最大阻值接入

电路，则整个电路的总电阻不变，由欧姆定律可知，电路中电流不变，故A错误；

B、滑片P向右移动的过程中，R1左边的电阻变大，根据U=IR可知，电压表V1的示数变大，故B正确；

C、电压表V1示数与电压表V2示数之和为电源电压，保持不变，故C错误； D、由欧姆定律可知，电压表V2示数与电流表A示数的比值为R1右边与电阻R2的电阻之和，滑片P向右移动的过程中，R1右边的电阻变小，所以R1右边与电阻R2的总电阻变小，该比值变小，故D错误． 故选：B．

8．底面积不同的圆柱形容器A和B原先分别盛有体积相同的甲、乙两种液体，如图所示，现从容器中分别抽出部分液体后，液体对各自容器底部的压强为p甲、p乙，则下列做法中，符合实际的是（ ）

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A．若液体原先对容器底部的压力相等，则抽出相等质量的液体后，p甲一定等于p乙

B．若液体原先对容器底部的压力相等，则抽出相等厚度的液体后，p甲可能大于p乙

C．若液体原先对容器底部的压强相等，则抽出相等体积的液体后，p甲一定等于p乙

D．若液体原先对容器底部的压强相等，则抽出相等厚度的液体后，p甲一定等于p乙

【考点】液体压强计算公式的应用；压强的大小及其计算．

【分析】（1）若液体原先对容器底部的压力相等，根据p=可知其对容器底部的压强关系，然后可知抽出相等质量的液体后液体对各自容器底部的压强关系； （2）若液体原先对容器底部的压力相等，因为是规则容器，根据p====

=ρgh；

（3）若液体原先对容器底部的压强相等，已知h甲＜h乙，可推出甲、乙液体的密度关系，然后利用p=ρgh分析． 【解答】解：

A、假设液体原先对容器底部的压力相等即可知，液体原先对容器底部的压强

＜

=，

S甲＞S乙，，由图可知，由p=

抽出相等质量的液体后，液体对各自容器底部的压力为F甲=F乙，已知S甲＞S乙，由p=可知，液体对各自容器底部的压强为p甲＜p乙，故A错误；

B、若液体原先对容器底部的压力相等，则抽出相等厚度的液体后，假如抽取甲容器中全部液体的厚度，则由p===故B错误；

C、若液体原先对容器底部的压强相等，即

==ρgh可知，p甲为0，p乙大于0，

=，已知V甲=V乙，则由p=ρgh

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可得，

=ρ甲g， =ρ乙g，

即ρ甲g=ρ乙g， =ρ乙g

，

由此可得，ρ甲g

抽出相等体积的液体V后，则V剩甲=V甲﹣V，则V剩乙=V乙﹣V， 则V剩甲=V剩乙， 则p甲=ρ甲g

=ρ甲g

×V剩甲，p乙=ρ乙g

=ρ乙g

×V剩乙，

所以p甲=ρ乙，故C正确；

D、若液体原先对容器底部的压强相等，即已知h甲＜h乙， 所以ρ甲＞ρ乙，

则抽出相等厚度的液体后，p甲=ρ甲g（h甲﹣h）=ρ甲gh甲﹣ρ甲gh， p乙=ρ乙g（h乙﹣h）=ρ乙gh乙﹣ρ乙gh， 则p甲＜p乙．故D错误． 故选C．

二、填空题

9．宝山区家庭照明电路的电压为 220 伏；家用空调与家用电话机 不是 （选填“不是”或“是”）串联在一起的；正常工作时，通过它们的电流是 不相同 的（选填“相同”或“不相同”）．

【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；串联电路的电流规律；家庭电路的连接．

【分析】（1）家庭电路的电压是220V；

（2）串联电路的用电器是可以相互影响的，据此分析即可判断． （3）据工作时的功率情况分析即可判断．

【解答】解：我国家庭照明电路的电压是220伏；家用空调与家用电话机是不能相互影响的，所以一定不是串联的关系；由于他们工作时的功率不同，所以它们

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=，则ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，

中的电流是不相等的；

故答案为：220；不是；不相同．

10．一块长方形砖以平放或竖放两种不同的放置方法，放在水平地面上都静止不动，则它对地面施加的压力大小 相同 ，地面受到的压强 不同 ．（前两空均选填“相同”或“不同”）若平放时地面受到的压强为1500帕，它表示的意思是 在1m2面积的地面上受到的压力是1500N ． 【考点】压强大小比较．

【分析】（1）砖对水平地面的压力等于它的重力，由压强公式分析判断砖对地面压强的变化．

（2）压强是比较单位面积上物体受到压力大小的物理量．

【解答】解：（1）砖对水平地面的压力等于它的重力，砖平放与立放时重力不变，砖对地面的压力不变；

砖竖放时与地面的接触面积小于砖平放时与地面的接触面积，由p=可知，两种不同的放置方法，地面受到的压强不同；

（2）若平放时地面受到的压强为1500Pa=1500N/m2，表示桌面在1m2面积上受到的压力是1500N；

故答案为：相同；不同；在1m2面积的地面上受到的压力是1500N．

11．意大利科学家 托里拆利 首先用实验测定了大气压的值；1标准大气压强能托 76 厘米高的水银柱，约合 1.0×105 帕． 【考点】大气压强的存在．

【分析】首先测出大气压值的是意大利科学家托里拆利，实验的原理是管内水银柱的压强等于大气压强，即P大气=P水银=ρ水银gh．

【解答】解：意大利科学家托里拆利首先测出了大气压的值，一个标准大气压可以支持0.76m水银柱，

故p大气=p水银=ρ水银gh=13.6×103kg/m3×9.8N/kg×0.76m≈1.0×105Pa． 故答案为：托里拆利；76；1.0×105．

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12．在如图所示的电路中，变阻器连入电路的电阻线是 Pb 部分（选填“aP”、“Pb”或“ab”），当油箱中的液面下降时，电路中的电阻将 变大 ，电表示数随之 变小 ．（后两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）

【考点】滑动变阻器的使用．

【分析】根据汽油液面的变化判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用欧姆定律判断电路电流如何变化，然后判断电流表示数如何变化．

【解答】解：由图示可知，变阻器连入电路的电阻线是Pb部分，油箱内汽油的液面下降时，滑片向上移动，滑动变阻器连入电路的阻值变大，蓄电池电压不变，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数变小．

故答案为：Pb；变大；变小．

13．某长方体悬挂在弹簧测力计下，静止在空气中测力计的示数为10牛；若该立方体一半浸在水中测力计的示数变为5.1牛（如图所示），则此时长方体所受水的浮力为 4.9 牛，浮力的方向为 竖直向上 ；若撤去弹簧秤的拉力，将该长方体放入水中，当它静止时上下表面所受施加的压力差为 9.8 牛．

【考点】浮力大小的计算；浮力产生的原因．

【分析】（1）根据称重法计算出立方体一半浸在水中受到的浮力大小；浮力的方向是竖直向上的；

（2）根据排开水的体积关系求出物体全部浸没水中时受到的浮力，与物体重力

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